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我很新的php mysql編程。我有我的檢索用戶配置文件信息寫程序,但我看了mysql_fetch_assoc提供的參數
mysql_fetch_assoc():提供的參數不就行了9有效和21
這裏是我的代碼。但另一方面它正在另一個數據庫上工作。我編輯了單引號,但它仍然給出相同的錯誤信息。你可以給我一個解決方案,或者如果你喜歡這個自己製作的程序,比較和識別我的缺陷會更有幫助。
<?php
include ("config.php")
?>
<?php
function getUsersData($id)
{
$array=array();
$result = mysql_query("SELECT * FROM 'users' WHERE 'id' = '" . $id);
while($row = mysql_fetch_assoc($result))
{
$array['id']=$row ['id'];
$array['name']=$row ['name'];
$array['username']=$row ['username'];
$array['email']=$row ['email'];
}
return $array;
}
function getId($username)
{
$result = mysql_query("SELECT 'id' FROM 'users' WHERE 'username' = '" . $username . "'");
while($row = mysql_fetch_assoc($result))
{
return $row['id'];
}
}
?>
您沒有正確引用'$ id'的值,並錯誤地引用了列名。添加mysql_error(),然後讀取PDO /參數綁定。 – mario 2014-10-28 08:38:20
首先,停止使用'mysql'函數,因爲它已被棄用(這意味着未來某處它將被踢出php,而你的代碼將不再工作)。改爲使用'mysqli'。 – Michel 2014-10-28 08:39:59
MySql查詢不在這裏。所以$結果沒有得到資源ID。作爲一名新開發人員,我建議您在執行之前打印您的查詢。 該行 $ result = mysql_query(「SELECT * FROM'users'WHERE'id'='」。$ id); 應該是 $ result = mysql_query(「SELECT * FROM'users' WHERE'id' ='」。$ id。「'」); – 2014-10-28 08:43:28