通過db中的表單提交數據

我的php腳本有問題，通過它我需要發送數據到db。當我發送數據時，無論我寫什麼，選擇了其他內容，我都會看到空白屏幕。通過db中的表單提交數據

<?php 
$con = mysql_connect("localhost","root",""); 
if (!$con) 
    { 
    die('Could not connect: ' . mysql_error()); 
    } 
mysql_select_db("gagq", $con); 
$result = mysql_query("SELECT * FROM gagq.user WHERE id=1;"); 
echo $result; 
mysql_close($con); 
?>

基本上，我從這裏得到空白屏幕。我通過表單，提交按鈕訪問文件。方法後，文件的操作名稱。現在，我已經填充了ID = 1的數據庫，但不管我寫什麼，在PHP上沒有任何工作。任何想法？

來源

2012-07-30 Cubelaster

這有幫助嗎？ – amitchhajer 2012-07-30 13:33:49

試試這個

$result = mysql_query("SELECT * FROM gagq.user WHERE id=1;"); 

$array = mysql_fetch_assoc($result); 

var_dump($array);

來源

2012-07-30 11:56:46 amitchhajer

<！DOCTYPE html PUBLIC「 - // W3C // DTD XHTML 1.0 Transitional // EN」「http://www.w3.org/TR/xhtml1/DTD/xhtml1-transitional.dtd」> \t AMD Advanced Micro Devices公司 \t <鏈路的rel = 「樣式表」類型= 「text/css」href =「style.css」/> <？php $ con = mysql_connect（「localhost」，「root」，「」）; 回聲「該死」;如果（！$ con） {012;}（'Could not connect：'。mysql_error（））; } mysql_select_db（「gagq」，$ con）; $ result = mysql_query（「SELECT * FROM gagq.user WHERE id = 1;」）; echo $ result; mysql_close（$ con）; ？> – Cubelaster 2012-07-30 20:15:34

這是php文件的整個代碼。沒有什麼作品。我不知道爲什麼。沒有錯誤，沒有任何東西。我打開這個文件通過

with submit button 所有文件都放在xampp文件夾中的htdocs中。請幫助，因爲我無法看到我在做什麼錯誤... – Cubelaster 2012-07-30 20:17:37

當你處於測試階段，你應該包括：

/* Turns Error Reporting ON */ 
ini_set('display_errors',1); 
error_reporting(E_ALL);

才能看到並糾正任何PHP錯誤，而不是增加模具檢查無處不在。

來源

2012-07-30 12:16:51

沒有用。甚至沒有迴應自己。 – Cubelaster 2012-07-30 20:13:29

通過db中的表單提交數據

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