MySQL查詢不與PHP變量工作

當我寫死我這樣的查詢，查詢返回正確的結果：MySQL查詢不與PHP變量工作

$data = mysql_query("SELECT * FROM $table_name WHERE post_ID = '1'") or 
       die(mysql_error());

但是當我使用這樣的PHP變量，查詢不返回任何結果：

$data = mysql_query("SELECT * FROM $table_name WHERE post_ID = '$ID'") or 
       die(mysql_error());

我已經初始化的變量上面如下：

$ID = $_POST[ID];

和可變屢試不爽有這樣的說法：

$sql = "INSERT INTO $table_name (post_ID, user_name, comments) 
    VALUES ('$ID','$name', '$comment')";

所以我不明白爲什麼變量將正確地插入到我與以前的聲明SQL表，但不與查詢工作。我在sql_table中爲post_ID字段使用了一個varchar數據類型。

來源

2013-03-06 user2138541

[**請不要在新代碼**中使用'mysql_ *'函數]（http://bit.ly/phpmsql）。他們不再被維護[並且被正式棄用]（http://j.mp/XqV7Lp）。看到[**紅框**]（http://j.mp/Te9zIL）？學習[*準備的語句*]（http://j.mp/T9hLWi），並使用[PDO]（http://php.net/pdo）或[MySQLi]（http://php.net/ mysqli） - [這篇文章]（http://j.mp/QEx8IB）將幫助你決定哪個。如果你選擇PDO，[這裏是一個很好的教程]（http://j.mp/PoWehJ）。 – 2013-03-06 05:46:55

它應該是'$ ID = $ _POST ['ID'];'不.. ..？ – MatRt 2013-03-06 05:47:22

$ _POST [ID];仍然認爲它是一個字符串，提供的ID沒有被定義爲一個常量。（請注意它會引發警告級別的錯誤）所以不一定，但你可能是正確的。 – Mechzeit 2013-03-06 05:49:05

試試這個

$ID = $_POST['ID']; 
$data = mysql_query("SELECT * FROM ".$table_name." WHERE post_ID = '".$ID."'") or 
     die(mysql_error());

來源

2013-03-06 06:00:02

沒有工作 – user2138541 2013-03-06 06:02:07

可以確保您的$ _ POST [「ID」]不爲空或返回一個有效的價值？ – 2013-03-06 06:10:27

的$ _ POST [ID]時返回適當的值到SQL表 – user2138541 2013-03-06 06:35:35

能不能請你，而不是直接報價

$data = mysql_query("SELECT * FROM $table_name WHERE post_ID =$ID") or 
       die(mysql_error());

來源

2013-03-06 06:01:10

這將導致一個錯誤：你在你的SQL語法錯誤;檢查對應於你的MySQL服務器版本使用附近的「」在1號線 – user2138541 2013-03-06 06:06:01

請打印$ ID的值正確的語法手冊是有它的任何值或不 – 2013-03-06 06:07:44

沒有什麼是打印的，但正確的值被輸入到我的sql表中。所以這沒有任何意義。 – user2138541 2013-03-06 06:14:51

PHP解釋器，如果你把它內「」不分析的變量。因此，嘗試刪除單引號，即使用的，而不是 '$ ID'

$data = mysql_query("SELECT * FROM $table_name WHERE post_ID = $ID") or die(mysql_error());

來源

2013-03-06 06:02:31

這會導致錯誤 – user2138541 2013-03-06 06:05:21

您的SQL語法有錯誤;檢查與你的MySQL服務器版本相對應的手冊，在第1行的''附近使用正確的語法。 – user2138541 2013-03-06 06:08:11

@Mhhir在「...'$ ID'」中，字符串用雙引號分隔，變量替換完成。單引號只是字符串的一部分，並不會阻止變量替換（如'...「$ ID」'） – 2013-03-06 06:17:29

嘗試只需$ ID使用此

<?php 
$query = "SELECT * FROM $table_name WHERE post_ID = "$ID; 
$data = mysql_query($query); 
?>

雖然，你必須使用庫MySQLi而不是MySQL的功能。

快樂編碼！

來源

2013-03-06 06:10:40 Gaurav

確保首先設置$_POST['ID']。

$ID = isset($_POST['ID']) ? $_POST['ID'] : <some_values>; #for debugging purpose

然後執行：

$data = mysql_query("SELECT * FROM $table_name WHERE post_ID = '".$ID."'") or 
     die(mysql_error());

來源

2013-03-06 06:38:43 foxns7

變量沒有被設置...現在我不知道我的SQL表是如何被填充.. – user2138541 2013-03-06 06:46:54

嘗試檢查你的HTML表單中輸入值。也許你錯過了那部分。 – foxns7 2013-03-06 06:53:17

下面是一些問題的代碼。因爲你的PHP變量不會在MySQL查詢中工作。所以你必須把變量傳遞給它。用一個單引號，你可以像這樣傳遞它。和

$ data = mysql_query（「SELECT * FROM'$ table_name'WHERE post_ID ='1'」）或 die（mysql_error（））;

謝謝

來源

2014-02-11 06:04:24

MySQL查詢不與PHP變量工作

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