將返回類型指定給引用，是否發生副本？

Question

是否副本仍然在這裏舉行：

std::vector<int> &f = foo(); 

其中foo的原型是

std::vector<int> foo(); 

Answer 1

foo()返回不能被綁定到非const引用臨時對象。

執行下列操作之一：

//temporary can be bound to const-reference, so this is ok 
const std::vector<int> &f = foo(); //no copy takes place. 

//or save a copy of temporary 
std::vector<int> f = foo(); //copy takes place (may be optimized by compiler) 

閱讀上述評論。在第二個版本（非參考版本）中，編譯器可以優化返回值，避免臨時複製。這也取決於foo()的實施。

看到這個：

• Return value optimization

Answer 2

你的代碼是不合法的。它應該是：

std::vector<int> const& f = foo(); 

或

std::vector<int> f = foo(); 

該標準允許在兩種情況下複印件（至少C++ 03做—我 認爲C++ 11個地張緊東西在第一案件）;它不需要它在 中，我也不知道哪種編譯器實際上在 中都有副本。如果你真的擔心的副本，不過，改變 申報foo到：

void foo(std::vector<int>& results); 

和使用：

std::vector<int> f; 
foo(f); 

保證不會有副本，任何地方。這不太好， 但如果分析表明複製是一個瓶頸在這裏，它應該是 考慮。