僅通過COOKIE檢查向非成員顯示緩存的數據？（PHP）

緩存非重要頁面（如博客帖子）的HTML輸出確實有助於通過跳過整個系統的加載（以及渲染時間）來加速網站，並且只是吐出預先製作的頁。這將是一種方法，可以讓大量的用戶訪問您的網站索引或任何食用資源。僅通過COOKIE檢查向非成員顯示緩存的數據？（PHP）

但是，緩存頁面的一個問題是，爲了檢查是否枯萎，您可以顯示頁面 - 您必須加載整個系統（和用戶庫）以檢查用戶是否已登錄。（Wordpress，CodeIgniter，Drupal等）

然後，您可以確定是否可以安全地顯示頁面的緩存版本，或者是否應該爲登錄用戶重新呈現頁面。反之亦然;爲登錄用戶呈現的頁面不應顯示給客人！

無論如何，我終於有一個想法，我可以只使用，如果（空（$ _ COOKIE））來測試用戶會話，因爲我從來沒有使用的URL傳遞會話ID。然後我記得，因爲會話庫加載在每個頁面上，可能無法工作，因爲它會在調用session_start（）時創建一個cookie。

有誰有關於如何測試用戶會話的任何想法，而無需加載你的數據庫連接 - >您的會話庫 - >你的用戶庫？

來源

2009-09-20 Xeoncross

一旦用戶登錄您可以設置某種會話變量，即

//user has successfully logged in 
$_SESSION['logged_in'] = true;

然後，在某處你的頁面加載速度非常早期的（任何圖書館都加載之前），你可以這樣做：

@session_start(); 
if(!(isset($_SESSION['logged_in']) && $_SESSION['logged_in'] === true)) 
{ 
    //not a logged in user, show the cache! 
    load_cache(); //or however this works 
    exit(); 
}

在註銷，你要麼session_destroy()或$_SESSION['logged_in'] = false;

來源

2009-09-20 03:09:16 Kip

是的，儘管問題是，你還必須加載數據庫和會話處理程序（可能）多系統。這破壞了整個緩存事物的目的。嗯......我想我已經說過了; P – Xeoncross 2009-09-20 20:02:31

@ Xeoncross：你不需要打開數據庫連接來開始會話。 – Kip 2009-09-21 02:56:59

我剛剛瞭解到這一點，所以我希望我所擁有的一切直。

爲了訪問保存的會話變量，您必須啓動一個會話。在我正在開發的項目中，「用戶登錄」和「創建新用戶」頁面均以session_start（）開始。我也試着測試cookie是否設置好，哪個不好。如果用戶已登錄或不登錄，則無關緊要，因爲這兩個來賓和登錄用戶都會有一個cookie。如果你有一個會話，那麼你會有一個cookie（前提是這就是你如何設置php，這聽起來就像你一樣）。因此，我不測試cookie，而是測試是否設置了會話變量。一旦用戶成功登錄此變量將僅被設置

如果（loginSuccess（））{$ _SESSION [「登錄」] =「真」。 }

在此之後，我現在可以測試以查看是否該會話變量設置，並且顯示內容適當。我的用戶可以離開這些頁面，回來，它仍然會記住會話變量。

我確信有這樣做的更好，安全的方法。

來源

2009-09-20 03:28:56 Albtzrly

是的，問題是，你仍然需要加載數據庫和會話處理程序（可能）大部分的系統。這破壞了整個緩存事物的目的。 – Xeoncross 2009-09-20 20:01:50

是的，正如我所說的當前方法涉及裝載系統，數據庫（假設你的會話使用的數據庫），並終於開始這是一種浪費，如果你只是要顯示緩存內容的會議。

也許你可以設置一個除了會話cookie被稱爲「logged_out」（或「LOGGED_IN」）的cookie。然後，您可以在每次加載頁面時測試「logged_out」Cookie，而無需加載會話和數據庫？

實際上，由於您會有機器人和其他非Cookie用戶代理，因此您最好在登錄時創建一個「logged_in」cookie，然後在其他地方檢查是否存在虛假/不存在的cookie作爲客人。

來源

2009-09-20 20:00:24 Xeoncross

更新：此方法適用於我的系統。 – Xeoncross 2009-11-01 20:18:37

僅通過COOKIE檢查向非成員顯示緩存的數據？ （PHP）

回答

相關問題

僅通過COOKIE檢查向非成員顯示緩存的數據？（PHP）