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使用類似/不喜歡的功能爲我的blogpost站點,並且變量不會流經。我已經盯着這幾天了,因爲所有的代碼看起來都不錯,而且我已經包含了包含varibales的所有必要頁面,所以無法找到中斷。任何見解?未傳遞給javascript和php的變量
這是「按鈕」我使用的「Like」按鈕:
<a href="#" onclick="like_add('. $blabid .')" class="like">Like</a> <span id="likes" class="likereadout">' . $likes . '</span>
id變量正確地顯示,當我「檢查元素」,但不會通過以下Javafunction:
function like_add(postid) {
$.post('like_add.php', {postid:postid}, function(data) {
if (data == 'success') {
alert('Woohoo');
} else {
alert('I need sleep.');
}
});
}
的JavaScript應該將該變量傳遞給like_add.php,其內容爲:
<?php
include 'init.php';
if (isset($_POST['postid']) && article_exists($_POST['postid'])) {
$postid = $_POST['postid'];
if (previously_liked($postid) === true) {
echo 'You\'ve already liked this!';
} else {
add_like($postid);
echo 'success';
}
}
?>
哪些裁判列入的init.php文件中的以下PHP函數:
function article_exists($postid) {
$postid = (int)$postid;
return (mysql_result(mysql_query("SELECT COUNT('id') FROM 'blabbing' WHERE 'id' = $postid"), 0) == 0) ? false : true;
}
和:
function add_like($postid) {
$postid = (int)$postid;
mysql_query("UPDATE 'blabbing' SET 'likes' = 'likes' + 1 WHERE 'id'= $postid");
mysql_query("INSERT INTO 'likes' ('user_id', 'id') VALUES ($ip, $postid)");
}
Realllll新的這一切,所以請去容易在我身上。非常感謝你的幫助!
function article_exists($postid) {
$postid = (int)$postid;
return (mysql_result(mysql_query(
的Java = JavaScript的!請修正你的問題的標題不要混淆任何人。 – biziclop
你在哪裏連接到你的數據庫? – Onheiron
嘗試改變你的查詢,特別是刪除表名和屬性周圍的那些撇號...我通常寫如「SELECT * FROM table WHERE id ='」。$ id。「'」 - 如果id是一個varchar – Onheiron