如何使用數據庫生成多個文件夾內容頁面？

場景：我正在嘗試構建移動娛樂門戶。它將使用戶能夠將音樂&電影下載到他們的手機中...如何使用數據庫生成多個文件夾內容頁面？

問題解答：假設我上傳了100個歌曲文件夾，每個文件夾用於一個專輯。我想要一種方式來生成一個包含所有文件夾名稱（相冊名稱）的頁面。如果用戶點擊頁面，他們應該被帶到一個頁面，在那裏他們得到專輯中所有歌曲的列表。點擊任何歌曲名稱將讓他們下載它。無論如何都可以完成，或者我必須手動爲每個專輯設計3個頁面中的每一個。如果我這樣做，它耗費時間，也將很難改變任何像頁腳，標題...

來源

2011-11-19 VenomVipes

這可能只使用PHP。無論如何，這是一個programmin問題，不屬於這裏（但stackoverflow）。 –

現在有什麼評論？ – VenomVipes

我認爲你需要購買一些關於編程的書籍。 –

首先，這是一個加權問題。但我會盡量回答你的一些問題，以幫助你入門。

您可以使用PHP中的scandir()來掃描目錄。

$path = '/path/to/music'; 
$dir = scandir($path); 
if (is_array($dir)) { 
    foreach ($dir as $directory) { 
     if (is_dir("{$path}/{$directory}")) { 
      // validate that it's among the directories you want 
     } 
    } 
}

所以，現在你知道該怎麼做，也許不是試圖創建一個單獨的頁面，每個相冊文件夾，你可以用一個腳本，並根據GET瓦爾，顯示相應的內容。例如

domain.com/index.php?album=Album+Name

現在讓我們看看如何可能與上面的例子中工作：

// assume your album folder names use underscores 
$album = (isset($_GET['album'])) 
    ? str_replace('+', '_', $_GET['album']) 
    : null; 
$path = '/path/to/music'; 
$dir = scandir($path); 
if (is_array($dir)) { 
    foreach ($dir as $directory) { 
     if (is_dir("{$path}/{$directory}") && $album == $directory) { 
      // now, scan for files 
     } 
    } 
}

然後拿到文件，當你通過目錄循環，而不是檢查，如果它是一個目錄，檢查它是而不是的一個目錄，那會給你你的文件。（例如if (!is_dir(...）

來源

2011-11-19 20:28:34

如何使用數據庫生成多個文件夾內容頁面？

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