我有五個.sql文件並知道每個文件的名稱。在這個例子中，將它們稱爲one.sql，two.sql，three.sql，four.sql和five.sql。我想附加所有文件的文本並創建一個名爲master.sql的文件。我如何在PowerShell中執行此操作？隨意發佈多個答案，因爲我確信有幾種方法可以做到這一點。使用PowerShell，讀取多個已知文件名，附加所有文件的文本，創建並寫入一個輸出文件
我的嘗試不起作用，並創建了數十萬行的文件。
PS C:\sql> get-content '.\one.sql' | get-content '.\two.sql' | get-content '.\three.sql' | get-content '.\four.sql' | get-content '.\five.sql' | out-file -encoding UNICODE master.sql
Get-Content one.sql,two.sql,three.sql,four.sql,five.sql > master.sql
注意>相當於Out-File -Encoding Unicode。當我需要指定不同的編碼時，我只傾向於使用Out-File。
看是否有此效果更好
的get-childitem 「one.sql」， 「two.sql」， 「three.sql」， 「four.sql」， 「five.sql」 | get-content |出文件-encoding UNICODE master.sql
我認爲解決這一邏輯的方法是使用添加內容
$files = Get-ChildItem '.\one.sql', '.\two.sql', '.\three.sql', '.\four.sql', '.\five.sql'
$files | foreach { Get-Content $_ | Add-Content '.\master.sql' -encoding UNICODE }
hovewer獲取內容讀取多個非常大的文件時通常很慢。如果這是你的情況下，這篇文章可以幫助：http://keithhill.spaces.live.com/blog/cns!5A8D2641E0963A97!756.entry
有一些很好的答案在這裏，但如果你有一大堆的文件，也許你不知道所有的名字，這是我想出了：
$vara = get-childitem -name "path"
$varb = foreach ($a in $vara) {gc "path\$a"}
例如
$vara = get-childitem -name "c:\users\test"
$varb = foreach ($a in $vara) {gc "c:\users\test\$a"}
可以很明顯的管這直接進入| add-content或什麼，但我喜歡在變量捕捉，所以我可以操縱以後。
關於什麼：
Get-Content .\one.sql,.\two.sql,.\three.sql,.\four.sql,.\five.sql | Set-Content .\master.sql
我需要類似的東西，克里斯·貝瑞的崗位幫助，但我認爲這是更有效的：
gci -name "*PathToFiles*" | gc > master.sql
第一部分gci -name "*PathToFiles*"讓你的文件列表中。這可以通過使用通配符來獲得.sql文件，例如：gci -name "\\share\folder\*.sql"
然後管道到Get-Content並將輸出重定向到您的master.sql文件。正如Kieth Hill所指出的那樣，如果需要，您可以使用Out-File來代替>以更好地控制輸出。
通過指定`-Delimiter（[char] 0）`（將分隔符設置爲不在文件中的某個字符，例如：空字符，或者至少使用'-ReadCount 0'）來加快獲取速度 - 內容，從而一次讀取（和寫入）整個文件，而不是一行一行 – Jaykul 2011-01-13 19:08:14